8/23/20141 BAB 6. Dinamika Partikel. 8/23/20142 Dinamika (cabang mekanika), mempelajari menga- pa benda menjadi bergerak (diam) dan jika ber- gerak bagaimana.

Presentasi berjudul: "8/23/20141 BAB 6. Dinamika Partikel. 8/23/20142 Dinamika (cabang mekanika), mempelajari menga- pa benda menjadi bergerak (diam) dan jika ber- gerak bagaimana."— Transcript presentasi:

1 8/23/20141 BAB 6. Dinamika Partikel

2 8/23/20142 Dinamika (cabang mekanika), mempelajari menga- pa benda menjadi bergerak (diam) dan jika ber- gerak bagaimana lintasan gerak benda tersebut. Dinamika, membicarakan mengapa benda di sekitar permukaan bumi selalu jatuh menuju bumi, benda bergerak lurus, melingkar dan lain sebagainya. Di alam benda selalu berinteraksi dengan benda la- in. Hasil interaksi, menyebabkan benda bergerak dan pada umumnya lintasannya lengkung. Pendahuluan.

3 8/23/20143 Konsep interaksi antar benda memunculkan kon- sep gaya (notasi F). F inilah yang menjadi dasar pembicaraan dalam di- namika. Gerakan benda-benda langit, akibat interaksi antar benda langit yang satu dengan yang lain, hasil ge- rakannya berupa garis lengkung. Bumi mengelilingi matahari dengan lintasan elips (lengkung tertutup). Bumi mengelilingi matahari merupakan hasil inter- aksi antara bumi-matahari. Lanjutan.

4 8/23/20144 Sir Isaac Newton (1642 - 1727) ilmuwan ber- kebangsaan Inggris, banyak jasanya dalam mengembangkan mekanika. Lanjutan.

5 8/23/20145

6 6 Partikel bebas (partikel yang berdiri sendiri, kon- sep ideal) dianggap partikel yang tidak melaku- kan (tidak memiliki) interaksi dengan partikel lain. Hukum Pertama Newton. Benda bebas dibuat dengan cara benda/partikel dilindungi agar tidak melakukan interaksi dengan benda lain (kita mengabaikan interaksinya). Hal tersebut sebenarnya sulit diperoleh, karena bagaimanapun partikel di alam pasti melakukan interaksi dengan partikel-partikel lain.

7 8/23/20147 Sir Isaac Newton mendefinisikan hukum pertama dengan pernyataan partikel (zarah) bebas selalu mempertahankan keberadaannya. Sehingga, jika diam (v = 0) akan tetap diam dan jika bergerak (v ≠ 0) akan bergerak lurus dengan kecepatan tetap (atau a = 0). Hukum pertama Newton disebut juga hukum kelem- baman (hukum inersial). Lanjutan.

8 8/23/20148 Momentum (= p) besaran vektor. Momentum  p. Benda yang bergerak selalu memiliki p. Benda massa m bergerak dengan kecepatan (v) memiliki p yang didefinisikan, sebagai, p = m v

9 8/23/20149 Satuan p, kg m s -1 dan dimensinya [MLT -1 ]. Besaran mv disebut p linier partikel untuk (mem- bedakan dengan p anguler). p dihubungkan dengan hukum inersial,  parti- kel bebas selalu bergerak dengan p tetap. p menyatakan kualitas gerak benda dalam sis- tem. p, sebuah partikel dapat dipandang sebagai ukur- an kesulitan untuk mendiamkan benda. Lanjutan.

10 8/23/201410 Benda m = 4 kg, memiliki v = 50 i m s -1. Berapa- kah p-nya juga besar p benda tersebut ? Contoh. p = m v = (4 kg)( 50 i m s -1 ) = 200 i kg m s -1 Penyelesaian. Besar momentumnya, p = 200 kg m s -1

11 8/23/201411 Seandainya benda, memiliki p berubah, benda akan memiliki a (percepatan penyebab perubah- an v). Hukum Kedua Newton. Perubahan momentum (p) tiap satuan waktu (t) disebut F. Pernyataan F (besaran vektor) dimunculkan oleh Newton sebagai hukum kedua. Satuan (F), kg m s -2 atau newton (N) dimensi [M L T -2 ].

12 8/23/201412 Sistem klasik (m tetap),  dm/dt = 0 dan dv/dt = a, sehingga F = m a Persm (F = m a), dikenal sebagai hukum Newton kedua. Jika pada benda bekerja banyak F, (F lebih dari satu tetapi setitik tangkap) sehingga formulasi hu- kum Newton kedua menjadi,  F = m a. Lanjutan.

13 8/23/201413 Massa memperlihatkan karakteristik sifat benda pada suatu F. Bila F, bekerja pada benda m 1 memperoleh per- cepatan a 1, maka F tersebut dikerjakan pada benda m 2 memperoleh percepatan a 2. Sehingga diperoleh persm F = m 1 a 1 = m 2 a 2 atau, Massa benda dapat didefinisikan dengan menerap- kan F (sama) yang bekerja pada masing-masing benda dan membandingkan a-nya. Perbandingan tersebut tidak tergantung pada jenis Lanjutan.

14 8/23/201414 F yang digunakan (misal gaya pegas, atraksi gravitasi, atraksi listrik atau magnet dan lain sebagainya)

15 8/23/201415 Benda m = 2 kg dikenai F = 5 N. Hitunglah besar a yang dihasilkan oleh F tersebut ? Jika pada mulanya benda diam pada sistem kerangka acuan tertentu. Hitunglah perpindahan dan v yang di- peroleh saat t = 5 detik ! Contoh. Penyelesaian.

16 8/23/201416 Johannes Kepler 1571 - 1630

17 8/23/201417 Contoh. Sebuah partikel m = 0,4 kg dikenai dua F yaitu F 1 = (2 i - 4 j) N dan F 2 = (- 2,6 i + 5 j) N. Jika partikel mulai dari keadaan diam (t = 0) berada di titik asal, tentukan posisi dan v-nya pada t = 1,6 detik. Gaya total (jumlahan dua F) akan menjadi, F = F 1 + F 2 = (2 i - 4 j) N + (- 2,6 i + 5 j) N = (- 0,6 i + j) N. Penyelesaian. a partikel,

18 8/23/201418 Komponen percepatan, a x = - 1,5 m s -2 dan a y = 2,5 m s -2. Partikel saat t = 0, mula-mula diam, di titik asal koordinat (x, y) setelah t = 1,6 detik menjadi, x = ½ a x t 2 = ½ (- 1,5 m s -2 )(1,6 s) 2 = - 1,92 m, y = ½ a y t 2 = ½ (2,5 m s -2 )(1,6 s) 2 = 3,20 m Posisi partikel setelah 1,6 detik (- 1,92 ; 3,20) m. Kecepatan (v = a t) partikel setelah 1,6 detik,

19 8/23/201419 Komponen v x = a x t = (-1,5 m s -2 )(1,6 s) = - 2,40 m s -1 dan v y = a y t = (2,5 m s -2 )(1,6 s) = 4,0 ms -1. Dengan notasi vektor r dan v ber-persm: Posisi, r = (- 1,92 i + 3,20 j) m Kecepatan, v = (- 2,40 i + 4,00 j) m s -1. Lanjutan.

20 8/23/201420 Nama Gaya Jenis nama a memberikan bermacam jenis nama F. Benda melakukan gerak melingkar padanya akan bekerja dua gaya yaitu, Contoh. Gaya sentripetal (F N = m a N karena percepatan sentripetal) Gaya tangensial (F T = m a T karena percepatan tangensial).

21 8/23/201421 Gaya Sistem Koordinat. Kartesian, F = m (a x + a y + a z ) Kutub, F = m (a r + a θ ) Ada dua jenis percepatan yaitu : a r dan a θ. Ada tiga jenis percepatan yaitu: a x, a y, a z.

22 8/23/201422 Contoh. Partikel ditarik menuju pusat sistem koordinat oleh F radial. Tunjukkan ω berbanding terbalik dengan jarak kuadrat ! Dalam koordinat kutub terdapat dua a (dua jenis F yaitu radial (F r ) dan tangensial (F T ) dinyatakan seba- gai, Penyelesaian.

23 8/23/201423 Jika hanya F radial yang bekerja (diketahui) pada benda berarti F θ = 0, maka artinya memberlakukan Lanjutan.

24 8/23/201424 0rang berada dalam lift berdiri di atas neraca pe- gas terbaca 120 N. Lift yang dinaiki tersebut ber- gerak (dapat naik maupun turun) dengan perce- patan ¼ g. Berapakah w orang tersebut (yang ter- baca oleh skala neraca saat lift naik maupun tu- run) ? Contoh. m g + m A o = m a ! atau g + A o = a ! Penyelesaian. Saat lift naik. Diketahui percepatan A o = ¼ g, atau a ! = 1,25 g. Berat orang saat naik, (120 N)(1,25) = 150 N

25 8/23/201425 m g – m A o = m a ! atau g - A o = a ! Saat lift turun. Sehingga, a ! = 0,75 g. Berat orang saat turun, (120 N)(0,75) = 90 N Lanjutan.

26 8/23/201426 Contoh. Dua buah benda massa m dan M, (m < M) di- hubungkan dengan tali dilewatkan pada piringan. Piringan dapat berputar pada sumbunya segala se- suatu yang berhubungan dengan piringan diabai- kan. Hitunglah a kedua benda tersebut, dan berapa besar tegangan talinya ! Penyelesaian. Benda M bergerak turun (m naik), dengan perce- patan sama (a). Hukum Newton yang digunakan  F i = m ! a.  F i dalam hal ini diwakili oleh M g – m g dan m ! dalam hal ini diwakili oleh M + m sehingga berlaku, (M - m) g = (M + m) a

27 8/23/201427 Percepatan, Cara lain. M m M g m g T1T1 T2T2 Benda M turun berlaku M g - T 1 = M a dan m naik berlaku T 2 - m g = m a (dalam hal ini T 1 = T 2 ) Kedua persm dijumlahkan dihasilkan, Benda m naik dengan percepatan a berlaku T 2 – m g = m a sehingga

28 8/23/201428 Benda M turun dengan percepatan a berlaku, M g – T 1 = M a sehingga menghasilkan, Leonardo da Vinci 1452 - 1519

29 8/23/201429 Contoh. Perhatikan gambar di samping. Batang bermassa M dan bola m, (M > m). Pada awalnya bola berada pada ujung bawah batang. Setelah t detik, bola sejajar ujung atas batang. Bila panjang batang L tentukan tegangan tali (ideal). Penyelesaian. L M m T Percepatan relatif m, terhadap M, A = a 1 + a 2 = 2 a, (a 1 = a 2 = a).

30 8/23/201430 Panjang batang ditempuh oleh m, dengan waktu t sehingga, L = ½ A t 2 = a t 2. Lanjutan.

31 8/23/201431 Contoh. Sebuah batu berat w dilemparkan vertikal ke atas di udara dari lantai dengan kecepatan awal v 0. Jika, ada gaya konstan f akibat gesekan/hambatan udara selama melayang dan asumsikan percepatan gra- vitasi bumi (g) konstan, maka tentukan : a). tinggi maksimum yang dicapai (nyatakan dalam: v o, g, f dan w ) b). laju batu saat menyentuh lantai kembali (nyata- kan dalam: v o, f dan w) Penyelesaian: a). Batu ke atas, a (berupa perlambatan): Σ F = m a 

32 8/23/201432 v v0v0 h max v= 0 f w w f Tinggi maksm dicapai batu: h = v o t – ½ a t 2, dengan, sehingga, b. Gerak batu ke bawah, percepatan: Kecepatan saat menyentuh lantai : Lanjutan.

33 8/23/201433 Lanjutan.

34 8/23/201434 Contoh.

35 8/23/201435

36 8/23/201436 Sebuah sistem terdiri atas dua buah balok masing- masing bermassa m dan M (lihat gambar). Koefisien gesekan antara kedua balok µ s dan balok M tidak ada gesekan dengan lantai. Tentukan besar gaya F yang harus diberikan pada balok m agar tidak turun ke bawah (nyatakan dalam : m, M, g dan µ s ) Contoh. Penyelesaian. Teori yang mendasari hukum Newton tentang gerak Tinjau benda massa m. Arah mendatar, Σ F x = m a x  F – N = m a x

37 8/23/2014 37 Arah vertikal, Lanjutan. M m f F N Licin Σ F y = 0  m g = f = μ s N Tinjau benda massa M. Arah mendatar, Σ F x = M a x  N = M a x  Dari, F – N = m a x 

38 8/23/201438

39 8/23/201439 Contoh. Perhatikan sistem di bawah ini L M m F μ2μ2 μ1μ1 Ada dua balok, masing-masing bermassa m dan M. Koefisien ge- sekan antara balok M dengan lantai µ 1, sedangkan koefisien gesekan antara balok m dengan balok M adalah μ 2. Balok m diberi gaya mendatar F yang cukup besar sehingga balok m akan bergerak dipunggung balok M. Balok M juga bergerak akibat gaya F ini (asumsi µ 2 cukup besar). Jika balok m berpindah sejauh L relatif terhadap balok M, maka berapa usaha yang dilakukan gaya F ? Untuk memudahkan hitungan anggap :

40 8/23/201440 Lanjutan. M = 2 m, F = λ m g = 5,6 m g, μ 2 = 0,5 dan μ 1 = 0,1 Teori yang mendasari: Hukum Newton tentang gerak, GLBB, Usaha mg N2N2 F m f2f2 a2a2 N 2 = gaya normal pada m karena M balok m, Σ F y = 0 dan N 2 = m g dan Σ F x = m a 2 F – f 2 = m a 2 ; f 2 = μ 2 N 2 F - μ 2 m g = m a 2 = μ 2 m g a 2 percepatan m relatif terhadap lerangka lab.

41 8/23/201441 Lanjutan. mg M N2!N2! N1N1 a1a1 f1f1 f2f2 N 2 ! = reaksi dari N 2 = m g Σ F y = 0 N 1 – N 2 ! – M g = 0 N 1 = (m + M) g Σ F x = M a 1 f 2 – f 1 = M a 1, f 2 = μ 2 m g μ 2 m g – μ 1 (m + M) g = M a 1, f 1 = μ 1 (m + M) g 

42 8/23/201442 Lanjutan. Total pergeseran massa M setelah selang waktu t, Total pergeseran massa m terhadap kerangka lab se- telah selang waktu t, Selisih jarak, s 1 dan s 2 

43 8/23/201443 Lanjutan. Setelah t = t o, selisih jarak = L, L = s 2 – s 1 Untuk waktu t o ini, massa m telah berpindah sejauh :

44 8/23/201444 Lanjutan. Usaha yang dilakukan oleh gaya F :

45 8/23/201445